[百師聯(lián)盟]2024屆高三一輪復(fù)習(xí)聯(lián)考(一)1物理(江蘇卷)試題正在持續(xù)更新,，本期2024-2025全國(guó)100所名校答案網(wǎng)為大家整理了相關(guān)試題及答案,，供大家查缺補(bǔ)漏，高效提升成績(jī),。 C項(xiàng)正確：第3s內(nèi),，B沒有變化,，線圈中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則線圈的發(fā)=0-m,而g=1M,又g=△,。-2B,聯(lián)立解得d-3mR/24,C熱功率最小,，D項(xiàng)錯(cuò)誤。R+及歌2B2L29.(1)1A(2)如圖所示項(xiàng)正確：由能量守恒知整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱為gh,則右端電阻R上解析(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律,，有E=Bv產(chǎn)生的焦耳熱小于mgh,D項(xiàng)錯(cuò)誤,。:3.BCD解析兩棒所受安培力大小相等，方向相反,，加速度大小變化情解得I=1A況應(yīng)相同,，A項(xiàng)錯(cuò)誤；棒ab和cd在運(yùn)動(dòng)過程中始終受到等大反向的安(2)金屬框穿過磁場(chǎng)的過程可分為三個(gè)階段,，第一階段：cd邊從進(jìn)人磁培力,，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，以向右的方向?yàn)檎较?，?dāng)兩者達(dá)到相同速度時(shí)場(chǎng)到離開磁場(chǎng)（設(shè)為從0到t1),。第二階段：b從進(jìn)人磁場(chǎng)到離開磁場(chǎng)有m-2m1,解得-，由能量守恒定律得Q=之mw2-之×(設(shè)為從t1到t),。第三個(gè)階段：a從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開磁場(chǎng)（設(shè)為從t2到:),。每個(gè)階段經(jīng)歷的時(shí)間均為(=名2m2,解得回路產(chǎn)生的焦耳熱Q=子mw2,B項(xiàng)正確；設(shè)整個(gè)過程中通過回路的電荷量為q,對(duì)cd棒由動(dòng)量定理得mo1一m-一BILl一依題意,，第一階段經(jīng)歷時(shí)間為0.4s(0~0.4s),1=L,得i=1A第二階段經(jīng)歷時(shí)間為0.4s(0.4s~0.8s),l2=(t一t1),得i2=1一2.5t一BLq,所以g=院,，C項(xiàng)正確：對(duì)cd棒由動(dòng)量定理得m1一m第三階段經(jīng)歷時(shí)間為0.4s(0.8s~1.2s),l3=L一(t一t2),得i3=32.5t2r二，解得△一器,，即兩導(dǎo)體棒間的距崗最終2ri一t圖像如圖,。變?yōu)長(zhǎng)十咒，D項(xiàng)正確,?！黫A4.B解析未進(jìn)磁場(chǎng)前和全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，線圈都僅受重力,，所以加速0.6度a1=a3一g,。線圈在圖2位置時(shí),，受到向下的重力和向上的安培力，8020A0.608102且已知F安a2>a4,B項(xiàng)正確,。電動(dòng)勢(shì)大小，當(dāng)導(dǎo)體棒速度為v時(shí),，有U=Bl:由題圖可知U隨t均勻.n△ΦBAS」變化,，則口也隨L均勻變化，即導(dǎo)體棒做勻加速運(yùn)動(dòng),，設(shè)6時(shí)刻導(dǎo)體棒5D解析在上滑過程中,，通過電阻R的電荷量g一一干的速度大小為，則根據(jù)加速度的定義可知a一六,，且,，一B,聯(lián)立R十，A項(xiàng)錯(cuò)誤,；導(dǎo)體棒從開始沖上導(dǎo)軌到滑到最大高度的過程中做減BLs解得a=品A項(xiàng)正確,。0~。時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷速運(yùn)動(dòng),，隨著速度減小,，產(chǎn)生的感應(yīng)電流減小，所受的安培力減小,，合力減小,，加速度減小，導(dǎo)體棒做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng),，平均速度小于量等于給電容器充人的電荷量,，則根據(jù)電流的定義可知通過導(dǎo)體棒的電流大小1=型一C心，由上式可知通過導(dǎo)體棒的電流大小不變,，導(dǎo)體空,，則所用時(shí)間大丁一一二,，B項(xiàng)錯(cuò)誤,；根據(jù)能量守恒定律可得，導(dǎo)休0v0棒所受安培力大小不變,，F(xiàn)為恒力,，根據(jù)牛頓第二定律可得F一Bl=ma,聯(lián)立解得F-m化+BC;B項(xiàng)錯(cuò)誤,，C項(xiàng)正確。0一6時(shí)間內(nèi),，棒從開始運(yùn)動(dòng)到回到底端,，回路產(chǎn)生的焦耳熱Q=弓m2一子m2Bltùto2 ngscos8,C項(xiàng)錯(cuò)誤；由于導(dǎo)體棒的機(jī)械能不斷減少,，所以在下滑與上導(dǎo)體棒的位移大小,。=？ado2,交培力所做的功W=一B,聯(lián)立解得滑過程中經(jīng)過同一位置時(shí),，上滑速度大,，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大，導(dǎo)體棒受到的安培力大,，而兩個(gè)過程通過的位移大小相等,，所以上滑過程中導(dǎo)體棒w-C少，D項(xiàng)錯(cuò)誤,?？朔才嗔ψ龉Χ啵瑢?dǎo)體棒在上滑過程中整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱多,，核心素養(yǎng)微專題11電磁感應(yīng)中的由QR干,，Qs可知導(dǎo)體棒在上滑過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱較動(dòng)力學(xué),、能量和動(dòng)量問題多,，D項(xiàng)正確。6.AD解析設(shè)導(dǎo)體棒a的電阻為R,則導(dǎo)體棒b的質(zhì)量為2,、電阻為1.BD解析金屬棒州開始運(yùn)動(dòng)時(shí)初速度為零,，不受安培力作用，由牛頓：2R,。導(dǎo)體棒a獲得向右的初速度后,，導(dǎo)體棒a、b與導(dǎo)軌組成的回路產(chǎn)生第二定律得ngsin0-ngcos0=mu,代入數(shù)據(jù)得a=4m/s2,A項(xiàng)錯(cuò)感應(yīng)電流,，根據(jù)楞次定律可判斷出導(dǎo)體棒α受向左的安培力,，開始向右誤，B項(xiàng)正確,；設(shè)金屬棒穩(wěn)定下滑時(shí)速度為v,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BL,回路做減速運(yùn)動(dòng),；導(dǎo)體棒b巾電流方向與α相反，受到向右的安培力,，開始向中的電流為I,由平衡條件得mgsin0=BIL十mngcos0,由閉合電路歐右做加速運(yùn)動(dòng),，同時(shí)產(chǎn)生與α相反的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，因此電路中電動(dòng)勢(shì)E姆定律得I=EU,由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=BL,聯(lián)立解得U-BLa一2BL腸,，當(dāng)BLa-2BL,即a-2%時(shí),，電路中電流為零,，此4.8m/s,C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確,。后導(dǎo)體棒a,、b將分別以va、%做勻速運(yùn)動(dòng),，相等時(shí)間內(nèi)通過的位移之比2.AC解析金屬棒下滑到最低點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒,，則有g(shù)h=是2：1，A項(xiàng)正確,。在導(dǎo)體棒從開始運(yùn)動(dòng)到穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)的過程中,，分別對(duì)之m,金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度=√2g,金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)導(dǎo)體棒a、b根據(jù)動(dòng)量定理列方程,，取向右為正方向,，對(duì)導(dǎo)體棒a,有-BILt=na一mwo;對(duì)導(dǎo)體棒b,有2BILt=2m6一0，聯(lián)立以上三式入磁場(chǎng),，其受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng),，所以剛到達(dá)水平面時(shí)的速度解得w=號(hào)%=令，B項(xiàng)錯(cuò)誤,。將=-號(hào)w代入公式一BL=2BL最大,，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BL,最大的感應(yīng)電流I=R十Rm一m,解得通過導(dǎo)體俸a的電荷量g-瓷，C項(xiàng)錯(cuò)誤,；在整個(gè)過程2BL2,A項(xiàng)正確：金屬棒兩端的電壓為路端電壓,，最大值U一R一3R中由能量守恒定律，整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q之m2一之m2BL2啞,，B項(xiàng)錯(cuò)誤：金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中,，由動(dòng)量定理得一BL△合×2m2=日m2,號(hào)=合，因此導(dǎo)休棒6產(chǎn)生的熱員Q,23XLJ(新)·物理一B版一XJC·87·

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