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It offersPyrariver0入我據(jù)10X70X92X5-1.1X10x0.3S根據(jù)牛頓第二定律有273+27代入數(shù)據(jù)解得T=495KF-mg=m是2)外界對氣體微功W=-P,S△6=-1.1X10×2X10-1X0.1=-22]代入數(shù)據(jù)解得F=3m1g由熱力學第一定律△U-W十Q氣體吸枚格量Q=△U-W=20J-（-22JD=42J0器會6分器8分(2小球與小滑塊發(fā)生彈性正碰，以碰拉前小球的速度方向為正方白，根搖動量守恒定癢有BL9BLm14=m1′十m22【解析1)導體林以建度%沿領(lǐng)斜導軌向下：勻速直線運動時，感應電流根據(jù)機械能守恒定律有1-{-聚2m或=之mn”+名m話導體棒所受安培力F=BIL根據(jù)已知條件m2=3m由平衡條件F=mgsin日聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得解得=加Rsin日u'=-2m/sB'Lv =2 m/s功率P。=F可知屋撞后小球的選度與碰拉前選度方句相反，根據(jù)機誠能守性定律有聯(lián)立解得R,=Rsin9m8h=2m”B'L(2)設(shè)導體棒橫藏面積為S,由電流的微觀表達式得導體棒勻速時的電流代入數(shù)據(jù)解得h=0.2m設(shè)小球速度為零時懸線與豎直方向的夾角為日BLu1=neSu=Ros9R-0-602-是R0.8每得碧器小球速度為零時同理，自由電于沿導體棒定向移動的速率變?yōu)樘m時，導體棒的速度滿足asin gsin m/2(3)碰后小滑塊滑上傳送帶，因2=2m/s>v=1m/s,故小滑塊滑上傳送帶后先做勻減速直v-4-.臺線運功。這段時間內(nèi)，導體棒一直克服安培力做功，由動能定理得根據(jù)牛頓第二定律有-um:g=ma aiw-m-名m代入數(shù)據(jù)解得a2=一2m/s解得p=4m'R'sin20則小滑塊由2m/s減速至1m/s的位移為設(shè)這段時間：內(nèi)導體棒中平均電流為，對導體棒由動量定理得-05n-BILt=mv-muo減速運動的時間為t=”二=0.5。a由電流的微觀表達式得因x=0.75m<1.5m,故之后小滑塊將做勻速運動至傳送帶右端7=neSo。則勻速運動的時間為則自由電子沿導體棒定向移動的距離=比1=L-x-1.5-0.75=0.75s2mRue1解得1=3BD滑塊在傳送帶上運動的時間15a3分)@59g6分)a1.256分t+1=0.5s+0.75s=1.25s。【解析】(1)設(shè)小球質(zhì)量為m,碰前瞬間小球的速度為凸，報據(jù)機械能守恒定律有mgR=乞m4代入數(shù)據(jù)解得=4m/s27