本文從以下幾個(gè)角度介紹,。
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1,、重慶2024高三二診物理
2、重慶2024二診物理試卷
3,、重慶市部分區(qū)2023-2024學(xué)年度第一學(xué)期期末聯(lián)考高二
4,、重慶市2024年秋高二上期末聯(lián)合檢測(cè)試卷
5、重慶市2024年初中學(xué)業(yè)水平暨高中招生考試物理試題
6,、重慶市2024年初中學(xué)業(yè)水平暨高中招生考試a卷物理答案
7,、重慶市2024年初中學(xué)業(yè)水平暨高中招生考試物理答案
8、2023-2024重慶一中高二期末物理卷子
9,、2023-2024重慶高二物理會(huì)考卷
10,、重慶2024年物理高考試卷
中學(xué)高2025屆高二上期10月聯(lián)考x物理試卷答案)
減小，故L1,逐漸變暗至熄滅,，A正確,，D錯(cuò)誤.區(qū)域磁場(chǎng)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng),，減速過(guò)程所能達(dá)到的最3.A當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，ab邊切割磁感線,，切割長(zhǎng)小速度即為,，可能滿足要求，故線框穿過(guò)I區(qū)度為兩個(gè)端點(diǎn)間的距離,，即為a,、b兩端點(diǎn)間的距:域磁場(chǎng)過(guò)程的加速度可能大于gsin0,故A錯(cuò)離1，則E-Bl0=B受=合BE@;設(shè)每個(gè)邊的電誤,；通過(guò)線框截面的電荷量大小g=T△t阻為Ra,b兩端點(diǎn)間的電勢(shì)差為U=1·2R=員長(zhǎng)△：=器△=獸：線程進(jìn)入I和進(jìn)入Ⅱ區(qū)域的兩個(gè)過(guò)程,，由于磁場(chǎng)強(qiáng)度不同面積相同磁通量·2R-號(hào)E=號(hào)Br,放A正確，B.CD錯(cuò)誤.改變量大小不相同,，則通過(guò)線框截面的電荷量大小不可能相同,，故B錯(cuò)誤；由A選項(xiàng)分析可知,，4.B磁場(chǎng)變化導(dǎo)致線框產(chǎn)生感生電動(dòng)勢(shì),，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律可知，線框電流大小不線框穿過(guò)I區(qū)域過(guò)程可能向下加速也可能向下變,，方向沿逆時(shí)針,，線框所受安培力的合力為零，減速,，如是減速過(guò)程就有可能平均速度等于穿過(guò)故線框?qū)⒆鲎杂陕潴w運(yùn)動(dòng),，選項(xiàng)A錯(cuò)誤、B正確,，Ⅱ磁場(chǎng)的速度2,，線框穿過(guò)I、Ⅱ兩區(qū)域磁場(chǎng)的選項(xiàng)D錯(cuò)誤,；線框中的電能來(lái)源于變化的磁場(chǎng),，線過(guò)程所用時(shí)間可能相同，減速過(guò)程對(duì)位移的平均框的機(jī)械能守恒,，選項(xiàng)C錯(cuò)誤.力也可能與穿過(guò)Ⅱ區(qū)域的相同,，做功有可能相5.C金屬線框由靜止開始進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，金屬線同,，故CD正確.框的下邊切割磁感線,，根據(jù)右手定則可判斷電流7.BC0~2t。時(shí)間內(nèi)穿過(guò)金屬框的磁通量先垂直于斜方向向右,，根據(jù)左手定則可判斷安培力方向豎直面向下減小,，后垂直于斜面向上增大，根據(jù)楞次向上，根據(jù)安培力公式有F定律可知,，金屬框中的電流方向始終沿abcda方一BL,根據(jù)切割電動(dòng)勢(shì)公向,，選項(xiàng)A錯(cuò)誤C正確；0~2時(shí)間內(nèi),，金屬框式有E=BLv,根據(jù)閉合電的ab邊與cd邊所受安培力等大反向,，金屬框所路歐姆定律1=是，解得F0受安培力為零,，做勻加速直線運(yùn)動(dòng),，加速度a=gsin0,只有重力做功，機(jī)械能守恒,，選項(xiàng)B正確，時(shí)=B巴,，根據(jù)牛頓第二定律有mg-BvD錯(cuò)誤.R,、R8.AD根據(jù)楞次定律可知，A正確,；根據(jù)法拉第電磁感ma,可知金屬線框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),，速應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv,故B錯(cuò)誤,；R1度一時(shí)間圖像為可知九>合,，故A錯(cuò)誤；金屬=R時(shí),，外電路總電阻R-冬,，故導(dǎo)體棒兩端線框豎直向上進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，根據(jù)上述分析可知金屬線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng),，速度時(shí)的電壓即路端電壓等于子BL,故C錯(cuò)誤,；該電間圖像如圖可知h2<路的電動(dòng)勢(shì)E=BLv,電源的內(nèi)阻為R,求解滑2b2,故B錯(cuò)誤；設(shè)安培力動(dòng)變阻器的最大電功率時(shí),，可以將導(dǎo)體棒和電F=B2L2vR,下降過(guò)程中,，由阻R看成新的等效電源，等效內(nèi)阻為,，故當(dāng)動(dòng)量定理有mg△tBLA=m△,，兩邊求和有R=受時(shí)，等效電源的輸出功率最大,，即滑動(dòng)RsmgA-zBAt=3nAu,即mg生BL2變阻器的電功率最大,，最大值P。一瓷Rm同理,，上升過(guò)程中有mg4十h,=m0,聯(lián)B2L2vRR8R,故D正確,。立解得會(huì)-二放C正確，D循誤29.(1)由楞次定律可求得電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，通過(guò)R6.CD設(shè)勻速穿過(guò)I磁場(chǎng)速度為h,勻速穿過(guò)Ⅱ磁場(chǎng)的電流方向?yàn)閎→a.(4分)速度為則mgind=Bl,4-及mgsine=由法拉第電磁感應(yīng)定律可得BLL-B,所以0<2,；設(shè)勻速穿出1,，則還E-n Ad-nS AB=100×0.2×0.02V=0.4V(3分)△t△t由歐姆定律得電路中的電流需要經(jīng)過(guò)一段加速過(guò)程，才能到達(dá)區(qū)域Ⅱ,，因此穿出磁場(chǎng)I時(shí)的速度小于2.假設(shè)線框穿過(guò)I1=R平,，=0A=01A2分)區(qū)域磁場(chǎng)過(guò)程的加速度大于gsin0,則剛進(jìn)入I4s內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電量53
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