本文從以下幾個(gè)角度介紹,。
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考模擬檢測(cè)卷物理答案)
第20期二,、多項(xiàng)選擇題一、單項(xiàng)選擇題6.BC121.A提示導(dǎo)體棒在細(xì)線的拉力作用下向右加速根據(jù)電荷量的計(jì)算公式可得提示麥克斯韋認(rèn)為,，磁場(chǎng)變化時(shí)會(huì)在空問激·運(yùn)動(dòng),，隨著速度的增加，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增加,，電流增q=·△t發(fā)一種電場(chǎng),，這種電場(chǎng)與靜電場(chǎng)不同，它不是由電：加,，安培力增加,，加速度逐漸減小，最終穩(wěn)定時(shí)導(dǎo)聯(lián)立解得g:荷產(chǎn)生的,，我們把它叫做感生電場(chǎng),，故A正確；法：體棒做勻速直線運(yùn)動(dòng),，拉力和安培力平衡,，故A錯(cuò):(2)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)：誤,；電阻R消耗的電功率最大時(shí),，回路的電流最象之間的聯(lián)系，紐曼,、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)：大,，導(dǎo)體棒以最大速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受到的拉感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為En=BLwr行嚴(yán)格分析后,，先后指出：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：力和安培力平衡,，拉力的功率為P,故克服安培力由于導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)成的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正：做功的功率也為P,產(chǎn)生的電功率為P,即P=正弦規(guī)律變化,，則在此過程中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效比,，后人稱之為法拉第電磁感應(yīng)定律，故B錯(cuò)誤,；俄國(guó)物理學(xué)家楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后,，得:P(Rr,又Y,解得√P,放B正R+r值為E=EmV2P。R到了關(guān)于感應(yīng)電流方向的規(guī)律：感應(yīng)電流具有這確：根據(jù)PR,有P=R,可得P=R-P,故C樣的方向,，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)：正確,；若經(jīng)過時(shí)間,，導(dǎo)體棒的速度為”，則整個(gè)電運(yùn)動(dòng)時(shí)間=20電流的磁通量的變化,，故C錯(cuò)誤,；電磁爐工作時(shí)，路上產(chǎn)生的總熱量為m-2m2,電阻R上產(chǎn)生的根據(jù)焦耳定律可得Q-25n通過高頻電流產(chǎn)生變化的磁場(chǎng),，并在鍋體中產(chǎn)生渦流加熱食物,，故D錯(cuò)誤。熱量為（P2m2),故D錯(cuò)誤,。1解得Q=πB2Lw16R2.A(2)2gsine提示線框完全處在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)時(shí)磁通量不7.CD10.(1)2mgRsin0B2L2變,，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，只受重力作用,，加速度是提示棒OA沿著導(dǎo)軌轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)會(huì)切割磁感線而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),，導(dǎo)軌與棒組成的回路中有感應(yīng)(3)gtosin mgRsine2mgR2sin重力加速度，與在a處的加速度一樣大,，做勻變速B22B直線運(yùn)動(dòng),，故A正確，C,、D錯(cuò)誤,；若線框在，d處電流,，使得棒的一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化成電能,，則棒不提示(1)a導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過程中重力沿斜面速度很大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)很大,，感應(yīng)電流很大,，:能到達(dá)等高的0D處，最終棒通過多個(gè)往復(fù)的擺的分力和a棒的安培力相等時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng),，由法安培力也很大,，若安培力大于2倍的重力，那么線動(dòng)而停在0P處,，由能量守恒可知,，產(chǎn)生的總焦耳拉第電磁感應(yīng)定律可得框在b、d處的加速度大于g,故B錯(cuò)誤,。熱Q=mg2-"g,故A錯(cuò)誤,，D正確；已知棒第E=BLVo3.C一次到達(dá)OP處時(shí)角速度為o,則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)由閉合電路歐姆定律及安培力公式可得提示開關(guān)K閉合的瞬間,，由于線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大,，線圈相當(dāng)于斷路，則A,、B:勢(shì)為E=BLv-BL.0+L_BL,0,則棒中通過的電22-,F=BlL兩燈同時(shí)獲得電壓,，所以AB同時(shí)亮者，故A正流為1片-,，故B錯(cuò)誤：發(fā)培力做負(fù)功把機(jī)由a棒受力平衡可得確,；K合上穩(wěn)定后，由于線圈電阻不計(jì),，線圈將A械能全部轉(zhuǎn)化成電能,，則安培力的功率等于電路mgsin0=BIL燈短路，A燈熄滅,，而外電阻減小,，流過B燈電流變大，B燈變亮,，故B正確：斷開開關(guān)K的瞬間,，B:的電功率，有P=PR-B,故C正確,。4R聯(lián)立解得v,=2 mgRsin0B2L2燈的電流突然消失,，立即熄滅，流過線圈的電流將8.AC(2)由右手定則可知導(dǎo)體棒b中電流方向向里,，要減小,，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源,，自感電流提示依題意,，M、N兩點(diǎn)連線與長(zhǎng)直導(dǎo)線平流過A燈,，所以A燈突然閃亮一下再熄滅,，C錯(cuò)：行、兩點(diǎn)與長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離相同,，根據(jù)右手螺旋定受到沿斜面向下的安培力,，此時(shí)電路中電流不變，誤,，故D正確對(duì)b棒由牛頓第二定律可得則可知,，通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在M、N兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)4.C強(qiáng)度大小相等,，方向相同,，故A正確；根據(jù)右手螺mgsin+BIL=ma提示根據(jù)功能的轉(zhuǎn)化關(guān)系得,，線圈減少的機(jī)：旋定則,，線圈從P點(diǎn)向N點(diǎn)平移過程中，線圈中的械能等于產(chǎn)生的熱量,，即O=W+E-E2,故選項(xiàng)：解得a2gsin0;磁通量會(huì)發(fā)生變化,，故B錯(cuò)誤,；根據(jù)右手螺旋定A、B不符合題意,；線圈進(jìn)入磁場(chǎng)和離開磁場(chǎng)的過(3)釋放棒b后棒α受到沿斜面向上的安培力,，程中會(huì)受到安培力的作用，線圈克服安培力所做:則,，線圈從P點(diǎn)豎直向上運(yùn)動(dòng)過程中,，線圈中的磁的功等于產(chǎn)生的熱量，故選項(xiàng)C符合題意：由動(dòng)能通量始終為零,，沒有發(fā)生變化,，線圈中無感應(yīng)電在到達(dá)共速時(shí)對(duì)棒a由動(dòng)量定理得定理可知，選項(xiàng)D不符合題意流,，故C正確,；線圈從P點(diǎn)到M點(diǎn)與從P點(diǎn)到Nmgtosin-BILto=mv-mvo5.c點(diǎn)，線圈中的磁通量變化量相同,，依題意,，線圈從P棒b受到向下的安培力，對(duì)棒b由動(dòng)量定理得提示金屬棒向右運(yùn)動(dòng),，受到向左的安培力,，：點(diǎn)到M點(diǎn)所用時(shí)間比從P點(diǎn)到N點(diǎn)所用時(shí)間長(zhǎng)，做加速度不斷減小的減速運(yùn)動(dòng),，其平均速度小于：mgtosin+BILto=mv根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,，可知兩次的感應(yīng)電動(dòng)2,故A錯(cuò)誤：由能量守恒定律知，金屬棒克服安勢(shì)不相等,，故D錯(cuò)誤,。聯(lián)立解得v=gtin4 mgRsin0B2L2培力做的功等于電阻R和金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱三、非選擇題設(shè)此過程流過棒b的電荷量為g,則有之和,，故B錯(cuò)誤由qA日,。RA△dΦ9.(1)BLr2R(2)TB2L27w16Rq=lto△Φ_BLs提示(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得，平由法拉第電磁感應(yīng)定律可得R總2R,故C正確,；由能量守恒定律有Q總均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為2m,又R=2Re,所以電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱E1=2R-2R1BL△XE-ARA為m,故D錯(cuò)誤,。根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，平均電流聯(lián)立可得△x-2 mgR-sine0B4L4第4頁
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